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| 元素法 |
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元素法也叫微元法，是分析、解決物理問題中的常用方法，也是從部分到整體的思維方法。用該方法可以使一些複雜的物理過程用我們熟悉的物理規律迅速地加以解決，使所求的問題簡單化。在使用元素法處理問題時，需將其分解為眾多微小的"元過程"，而且每個"元過程"所遵循的規律是相同的，這樣，我們只需分析這些"元過程"，然後再將"元過程"進行必要的數學方法或物理思想處理，進而使問題求解。使用此方法會加強我們對已知規律的再思考，從而引起鞏固知識、加深認識和提高能力的作用。
簡介
這是一種深刻的思維方法，是先分割逼近，找到規律，再累計求和，達到了解整體。是對某事件做整體的觀察後，取出該事件的某一微小單元進行分析，通過對元素的細節的物理分析和描述，最終解決整體的方法。例如，分析勻速圓周運動的向心加速度，根據加速度的定義，對圓周運動的速度變化進行元素分析，可以推導出向心加速度的表達式。
評價
"微元法"是分析、解決物理問題的常用方法。本文結合具體的例題對"微元法"在物理解題中的應用進行了介紹。 關鍵詞:"微元法";物理解題;應用杜中華，任教於江蘇省江都市仙城中學，中學物理高級教師，曾被評為"江蘇省優秀班主任"、"揚州市中青年教學骨幹"、"江都市名教師"。"微元法"是分析、解決物理問題的常用方法，也是從部分到整體的思維方法。利用"微元法"處理問題時，需將複雜的物理過程分解為眾多微小的、遵循相同規律的"元過程"(微元)，從而將非理想物理模型變成理想物理模型，然後利用必要的數學和物理方法處理"元過程"(微元)，從而解決問題。下面僅就"微元法"在物理解題中的應用，贅述膚淺認識:一、"微元法"解題一般步驟第一步，取元。隔離選擇恰當微元(空間元、時間元)作為突破整體研究的對象。微元可以是:一小段線段、圓弧;一小塊面積;一個小體積、小質量;一小段時間……，但應具有整體對象的基本特徵。比如，在x-t中，時間很短或位移很小時，非勻變速運動可以看作勻變速運動，梯形可以看作矩形，所以V△t=△x,lv△t=l△x=△x第二步，模型化。將微元模型化(如視作點電荷、質點、勻速直線運動等)，並運用相關物理規律，求解這個微元，並注意適當的換元。∑△v=v第三步，求和。將一個微元的求解結果推廣一到其他微元，並充分利用各微元間的關係，如對稱關係、矢量方向關係、量值等關係)，對各微元的解出結果進行疊加，以求出整體量的合理解。比如v-t中，把許多小的梯形加起來為大的梯形，即∑△s=△S(注意:前面的為小寫，後面的為大寫)，並且∑△v=v-v0，當末速度v=0時,∑△v=v0或初速度v=0時，有∑△v=v，這個求和的方法體現了積分思想。 二、"微元法"在解題中的應用1.直接以微元為研究對象解題 對於連續變化過程中的某個量，以全過程為研究對象難以求解，可選取微元為研究對象解題。 例1:高壓採煤水槍出口的橫截面積為s，水的射速為v，射到煤層上後水柱的速度變為零，若水的密度為ρ，求水對煤的衝力。 解析:用微元法分析，取衝到牆上的一小段水柱為研究對象，設這一小段水的質量為，則。取水平向左為正方向，由動量定理得，，由牛頓第三定律，水對煤層的衝力，其中負號表示方向水平向右。 例2:一個身高為h的人在燈下以恆定速度v沿水平直線行走。設燈距地面高為H，求證人影的頂端C點是做勻速直線運動。 解析:用微分法分析，設時間△t內，人移動距離AB為△x，人影移動距離AC為，由幾何知識可得: 故人影的頂端C點做勻速直線運動。 例3:陰極射線管中，由陰極K產生的熱電子(初速為零)經電壓U 加速後，打在陽極A 板上。若A板附近單位體積內的電子數為N，電子打到A板上即被吸收。求電子打擊A板過程中A板所受的壓強。(已知電子的電量為e、質量為m) 解析:用微分法分析，在時間Δt內打在A板S面積上的電子數: ① 動能定理: ② 動量定理: ③ 由①②③得: 2.取微元為研究對象再求和解題 功是力在位移上的積累，衝量是力對時間的積累，位移是速度對時間的積累，電量是電流對時間的積累……一些習題中常需要求解一個變化量對另一個量的積累。解這類問題，微元法是常用方法。取微元，再結合微元的物理意義，運用數學工具求得微元之和，常可破解難點。 例4:(江蘇2006高考)頂角θ=45°的金屬導軌MON固定在水平面內，導軌處在方向豎直、磁感應強度為B的勻強磁場中，一根與ON垂直的導體棒在水平外力作用下以恆定的速度v0沿導軌MON向右運動，導體棒的質量為m，導軌與導體棒單位長度的電阻均為r。導體棒與導軌的接觸點為a和b，導體棒在滑動過程中始終保持與導軌良好接觸。t=0時，導體棒位於頂角O處，若在時刻將外力撤去，求導體棒最終在導軌上靜止時的坐標x。 解析:導體棒做變加速運動，運動過程中導體棒有效長度、受力、速度都在不斷變化，故利用牛頓定律和運動學公式求位移，顯然不行。能否取微元求和，通過求面積來求位移?取足夠短時間微元△t，在△t內導體棒的運動可視為勻速運動，導體棒有效長度、電流均視為恆定。撤去外力後，設任意時刻t導體棒的坐標為x，速度為v，有效長度為l，△t內通過距離△x，則在t~t+△t時間內，由動量定理得: 例5:(江蘇2009高考)，兩平行的光滑金屬導軌安裝在一光滑絕緣斜面上，導軌間距為l、足夠長且電阻忽略不計，導軌平面的傾角為，條形勻強磁場的寬度為d，磁感應強度大小為B、方向與導軌平面垂直。長度為2d的絕緣杆將導體棒和正方形的單匝線框連接在一起組成"--"型裝置，總質量為m，置於導軌上。導體棒中通以大小恆為I的電流(由外接恆流源產生)。線框的邊長為d(d < l)，電阻為R，下邊與磁場區域上邊界重合。將裝置由靜止釋放，導體棒恰好運動到磁場區域下邊界處返回，導體棒在整個運動過程中始終與導軌垂直。重力加速度為g。求:線框第一次穿越磁場區域所需的時間t1。 解析:設線框剛離開磁場下邊界時的速度為v1，則接着向下運動2d由動能定理得:mgsinα·2d-BIld=0-1/2mv2裝置在磁場中運動時收到的合力F=mgsinα-F′感應電動勢 E=Bdv感應電流 I′=E/R安培力 F'=BI'd由牛頓第二定律，在t到t+△t時間內，有△v=△t·F/m則∑△v=∑[gsinα-B2d2v/mR]△t有v1=gt1sinα-2B2d3/mR解得 t1={√[2m(BIld-2mgdsinα)]+2B2d3/R}/mgsinα[1]